如圖甲所示,一矩形閉合線圈在勻強磁場中繞垂直於磁場方向的轉軸OO勻速轉動,線圈中產生的交變電流按照

時間 2021-08-11 16:04:52

1樓:誰ta覲

a、根據題意,矩形閉合線圈在勻強磁場中繞垂直於磁場方向的轉軸oo'勻速轉動,故a正確;

b、線框經過中性面時,磁通量最大,電動勢最小,電流也最小,為零;經過垂直中性面位置,磁通量最小,電動勢最大,電流最大;圖中t=0時刻,電流最大,故b正確;

c、d、正弦式交變電流的有效值等於最大值除以根號二,故c正確,d錯誤;

故選abc.

如圖所示,矩形閉合線圈abcd在勻強磁場中繞垂直於磁場 方向的轉軸oo′以恆定的角速度轉動,當線圈平面轉

2樓:刷粉狗

b試題分析:線圈平面轉到與磁場方向垂直的位置叫中性面,線圈位於中性面時,穿過線圈的磁通量最大,磁通量的變化率:也就是感應電動勢最小,感應電流最小,且為0,所以ab邊所受的安培力最小。

因此選b

如圖所示,一矩形線圈在勻強磁場中繞oo′軸勻速轉動,磁場方向與轉軸垂直,磁場的磁感應強度為b.線圈匝

3樓:空白

(1)此時電動勢有最大值:em=2nbl1v;

由v=ωl

2解得:em=nbωl1l2;

(2)由閉合電路歐姆定律,則有:im=e

mr+r

im=2

i解得:i=22

nbωl

lr+r

;(3)從圖示位置開始計時,線圈平行磁感線,感應電動勢最大,則感應電動勢的瞬時值表達e=nbωl1 l2cosωt;

答:(1)線圈轉至圖示位置時的感應電動勢nbωl1l2;

(2)電流表的讀數22

nbωl

lr+r

;(3)從圖示位置開始計時,感應電動勢的瞬時值表示式e=nbωl1 l2cosωt.

(2006?江蘇模擬)如圖所示,一矩形線圈在勻強磁場中繞oo′軸勻速轉動,磁場方向與轉軸垂直.已知線圈匝

4樓:福州吧壹母

(1)線圈中產生的感應電動勢的最大值表示式為em=nbsω代人資料得  em=400×0.25×0.05×0.04×l00 v=20 v

(2)根據歐姆定律得:im=e

mr+r

代人資料得im=20

9.9+0.1

a=2a

∵是正弦交變電流,所以電流表讀數即有效值

i=im2=

2a=1.41a

(3)小燈泡消耗的電功率p=i2r=(2)×9.9w=19.8w.

答:(1)線圈中產生的最大感應電動勢為20v.(2)電流表a的讀數為1.41a.

(3)用電器上消耗的電功率為19.8w.

如圖所示,在勻強磁場中有一矩形線圈,它的平面與磁場平行,在磁場作用下發生轉動,轉動方向是(  )a

5樓:

b.ab邊轉向紙內,cd邊轉向紙外

根據左手定則判斷:

伸開左手,使拇指與其他四指垂直且在一個平面內,讓磁感線從手心流入,四指指向電流方向,大拇指指向的就是安培力方向(即導體受力方向)

6樓:索牽

由左手定則知ab邊所受安培力方向指向紙內,cd邊所受安培力方向指向紙外,ad、bc邊電流方向與磁場方向平行,不受安培力作用,

故轉動方向為:ab邊轉向紙內,cd邊轉向紙外;

故選:b.

如圖所示,一矩形線圈在勻強磁場中繞oo′軸勻速轉動,磁場方向與轉軸垂直.線圈匝數n=100,電阻r=1ω,長

7樓:小超

(1)線圈中產生的感應電動勢的最大值表示式為:em=nbsω代入資料得:em=100×0.2×0.5×0.4×100v=400 v

則感應電動勢的瞬時值:e=emsinωt=400sin100t,根據歐姆定律可知,電流的瞬時表示式:i=er+r=400sin100t

100=4sin100t(a);

(2)電流表讀數即為該交流電的有效值,則:i=im2=42=22

a(3)小燈泡消耗的電功率:p=i2r=(22)2×99w=792w.

答:(1)線圈中產生的最大感應電動勢為400v,電流的瞬時表示式i=4sin100t(a).

(2)電流表a的讀數為22a.

(3)用電器上消耗的電功率為792w.

如圖所示,一矩形閉合線圈在勻強磁場中繞垂直於磁場方向的轉軸οο′以恆定的角速度ω轉動,從線圈平面與

8樓:廖才哲

a、b 0~π

2ω為0~t 4

,線圈的感應電流一直在減小,a正確b錯誤;

c、d穿過線圈的磁通量在增加,磁通量的變化率一直在減小,c錯誤d正確;

故選ad

如圖所示,一矩形閉合線圈在勻強磁場中繞垂直於磁場方向的轉軸oo′以恆定的角速度ω轉動,從線圈平面與磁

9樓:光心水

a、b線圈轉動的週期 t=2π

ω,則在π

2ω~3π

2ω這段時間內,即在1

4t~3

4t時間內,線圈從與磁場垂直的方向轉過180°,即從中性面轉過180°的過程中,感應電動勢先增大後減小,感應電流先增大後減小,故a錯誤,b正確;

c、在t=π

2ω和t=3π

2ω兩個時刻,線圈垂直於磁場,磁通量最大,所以穿過線圈的磁通量先減小後增大,故c錯誤.

d、在t=π

2ω和t=3π

2ω兩個時刻,線圈垂直於磁場,位於中性面,感應電動勢為零,根據法拉第電磁感應定律可知,磁通量的變化率為零;在t=π

ω時刻,線圈平行於磁場,感應電動勢最大,磁通量變化率最大,所以磁通量的變化率先增大後減小,故d錯誤;

故選:b.

如圖所示,一矩形閉合線圈在勻強磁場中繞垂直於磁場方向的轉軸οο′以恆定的角速度ω轉動,從線圈平面與

10樓:唯念一萌

a、b 0~π

2ω為0~t

4,線圈的感應電流一直在減小,a正確b錯誤;

c、d穿過線圈的磁通量在增加,磁通量的變化率一直在減小,c錯誤d正確;

故選ad

如圖所示,一閉合圓形線圈放在勻強磁場中,線圈的平面與磁場方向

窩窩煮蛋殼 設導線的電阻率為 橫截面積為s,線圈的半徑為r,則感應電流為 i e r n t r n b t r2 sin n?2 r s sr2 b t sin 可見,將r增加一倍,i增加一倍 i與線圈匝數無關 若將線圈的面積增加一倍,半徑r增加 2 1 倍,電流增加 2 1 倍 將線圈與磁場方向...

在勻強磁場中有線圈,當線圈一如圖所示轉動,其感應電流方向

右手定則 確定導體切割磁感線運動時在導體中產生的動生電動勢方向的定則。右手定則的內容是 伸開右手,使大拇指跟其餘四個手指垂直並且都跟手掌在一個平面內,把右手放入磁場中,讓磁感線垂直穿入手心,大拇指指向導體運動方向,則其餘四指指向動生電動勢的方向。動生電動勢的方向與產生的感應電流的方向相同。右手定則確...

如圖所示,閉合線圈上方有一豎直放置的條形磁鐵當磁鐵向下運動

手機使用者 當磁鐵向下運動時,穿過線圈的磁通量向下,且增大,根據楞次定律,感應電流的磁場阻礙磁通量的增加,方向向上,則線圈中的電流方向與箭頭方向相同 故c正確,a b d錯誤 故選c 如圖所示,閉合線圈上方有一豎直放置的條形磁鐵,磁鐵的n極朝下 當磁鐵向下運動時 但未插入線圈內部 a b 由 來拒去...