1樓：似雲飛
ad由圖象可知感應電動勢的最大值和週期，進而求出角速度ω和轉速，由em =bsω=φm ω，可知從圖線可算出穿過線圈磁通量的最大值，選項a正確；線圈先後兩次轉速之比為3∶2，選項b錯誤；在圖線a和b中，t=0時刻產生的感應電動勢為零，穿過線圈的磁通量最大，選項c錯誤；圖線b電動勢的瞬時值表示式為e=100sin100πt/3(v)，選項d正確。
一矩形線圈在勻強磋場中繞垂直於磁場軸線勻速轉動時產生的正弦式交變電流，其電動勢的變化規律如圖線a所
2樓：曾凡桃
a、由圖象可知，交流電a的最大值為150v，則有效值為150 2v=75 2
v，所以a正確；
b、圖線a的週期為0.04s，圖線b的週期為0.06s，所以轉速之比為na
nb=tb
ta=3 2
，所以b錯誤；
c、在t=0時刻電壓為0，所以此時穿過線圈的磁通量為最大值，所以c錯誤；
d、圖線b的最大值為100v，角速度為ω=2π t=100 3
π，所以圖線b電動勢的瞬時值表示式為e=100sin100 3πt（v），所以d正確．
故選ad．
一單匝線圈在勻強磁場中，繞垂直於磁場方向的軸勻速轉動時，產生的交變電流電動勢為e=5 2
3樓：手機使用者
a、當t=0時，代入e=5 2
sin100πt（v），則有e=0，此時線圈處在中性面上，故a錯誤；
b、根據電動勢為e=5 2
sin100πt（v）得，電動勢最大值為5 2v，所以該交變電流電動勢的有效值為5v，故b錯誤；
c、根據電動勢為e=5 2
sin100πt（v）得，ω=100π，所以轉速為n=ω2π
=50r/s，故c錯誤；
d、t=0.005s時，代入電動勢為e=5 2sin100πt（v），則有電動勢的瞬時值為5 2v，故d正確；
故選：d．
（2011?鹽城三模）一矩形線圈在勻強磋場中繞垂直於磁場軸線勻速轉動時產生的正弦式交變電流，其電動勢的
4樓：時代
a、由圖象可知，交流電a的最大值為150v，則有效值為1502v=75
2v，所以a正確；
b、圖線a的週期為0.04s，圖線b的週期為0.06s，所以轉速之比為nan
b=tbt
a=32，所以b錯誤；
c、在t=0時刻電壓為0，所以此時穿過線圈的磁通量為最大值，所以c錯誤；
d、圖線b的最大值為100v，角速度為ω=2πt=100
3π，所以圖線b電動勢的瞬時值表示式為e=100sin1003πt（v），所以d正確．
故選ad．
為什麼一個矩形線圈在勻強磁場中繞垂直於磁場方向的軸勻速轉動時，線圈內便產生按正弦規律變化的電流？
5樓：匿名使用者
切割磁感線的有效速度（與磁感線垂直的速度）按正弦規律變化的。
一個矩形線圈在勻強磁場中繞垂直磁場的軸勻速轉動產生的交變電流的電動勢為e=220 2 sin100
6樓：所立誠
a、根據電動勢為e=220 2
sin100πt（v）得ω=100π，所以轉速為n=ω2π
=50r/s，故a錯誤
b、當t=0時e=0，此時線圈處在中性面上，故b正確c、t=1
200s時，e最大，磁通量為零，故c錯誤
d、根據電動勢為e=220 2
sin100πt（v）得最大值為220 2v，所以該交變電流電動勢的有效值為220v，故d錯誤故選b．
如圖甲所示，一矩形閉合線圈在勻強磁場中繞垂直於磁場方向的轉軸OO勻速轉動，線圈中產生的交變電流按照
誰ta覲 a 根據題意，矩形閉合線圈在勻強磁場中繞垂直於磁場方向的轉軸oo 勻速轉動，故a正確 b 線框經過中性面時，磁通量最大，電動勢最小，電流也最小，為零 經過垂直中性面位置，磁通量最小，電動勢最大，電流最大 圖中t 0時刻，電流最大，故b正確 c d 正弦式交變電流的有效值等於最大值除以根號二...
矩形線圈在一勻強磁場中繞垂直於磁場方向的中心軸勻速轉動
暨小壘 1 311 v 220 v 50 hz 2 0.5 t 3 220 v 一個矩形線圈在一勻強磁場中繞垂直於磁場方向的中心軸勻速轉動，產生的交變電動勢表示式為e 311sin314t 初宛亦 1 根據交變電動勢表示式為e 311sin314t v 可知 em 311v 有效值 e em 2v ...
為什麼閉合的通電線圈在一勻強磁場中受安培力為零
雨說情感 在勻強磁場中對任意形狀態的閉合線圈，其有效長度l 0，所以閉合線圈通電後在勻強磁場中受到的安培力的向量和一定為零。安培力的方向同時垂直於電流方向和磁場方向，不管電流方向與磁場方向是否垂直，安培力方向總垂直於電流方向與磁場方向決定的平面,可由左手定則來判定 伸開左手，使大拇指跟其餘四個手指垂...