如圖所示,一隻橫截面積為S 0 1m2,匝數n 120匝的閉

時間 2021-08-11 16:04:51

1樓:凌風較寐

(1)由圖象可知,在0~0.2s時間內,△b△t=0.1

0.2t/s=0.5t/s

由法拉第電磁感應定律得:線圈中產生的感應電動勢為:e=n△b△ts=120×0.5×0.1v=6v

通過該線圈的電流大小為:i=er=6

1.2a=5a

(2)在0.2s~0.3s時間內,△b

△t′=0.1

0.1t/s=1t/s

由法拉第電磁感應定律得:線圈中產生的感應電動勢為:e′=n△b△t′s=120×1×0.1v=12v

通過該線圈的電流大小為:i′=e′

r=12

1.2a=10a

故在0~0.3s時間內,線圈中產生的熱量為:q=i2rt1+i′2rt2=52×1.2×0.2+102×1.2×0.1=18j

答:(1)在0~0.2s時間內,通過該線圈的電流大小為5a;

(2)在0~0.3s時間內,線圈中產生的熱量為18j.

如圖所示,橫截面積為s=0.10m 2 ,匝數為n=120匝的閉合線圈放在平行於線圈軸線的勻強磁場中,該勻強磁場

2樓:旁霏霏

(1)由b-t圖象知,△b

△t=1t/s

根據法拉第電磁感應定律得:e=n△?

△t=n△bs

△t=120×1×0.10v=12v

(2)由閉合電路歐姆定律得電流強度:i=er+r

=124.8+1.2

a=2a

通過電阻r的電量:q=i△t=2×0.3c=0.6c答:(1)線圈中的感應電動勢為12v;

(2)從t1 =0到t2 =0.30s時間內,通過電阻r的電荷量q為0.6c.

截面積為0.10m2的120匝閉合線圈放在平行於線圈軸線的勻強磁場中,線圈總電阻為1.2ω.勻強磁場的磁感應強

3樓:暴丹煙

(1)由圖象可知,在0~0.2s時間內,△b△t=0.1

0.2t/s=0.5t/s

由法拉第電磁感應定律得:線圈中產生的感應電動勢為:e=n△b△ts=120×0.5×0.1v=6v

通過該線圈的電流大小為:i=er=6

1.2 a=5a,

在0.2s~0.3s時間內,有:△b

△t′=0.1

0.1t/s=1t/s

由法拉第電磁感應定律得:線圈中產生的感應電動勢為:e′=n△b△t′s=120×1×0.1v=12v

通過該線圈的電流大小為:i′=e′r

=121.2

a=10a;

根據q=it,可知,q=5×0.2+10×0.1=2c,(2)故在0~0.

3s時間內,線圈中產生的熱量為:q=i2rt1+i′2rt2=52×1.2×0.

2+102×1.2×0.1=18j

本題選擇不可能的,故選:abc.

如圖甲所示線圈的匝數n=100匝,橫截面積s=50cm2,線圈總電阻r=10ω,沿軸向有勻強磁場,設圖示磁場方向為

4樓:芙蘭的褲褲

a、通過線圈的磁通量與線圈的匝數無關,若設φ2=b's為正,則線圈中磁通量的變化量為△φ=b's-(-bs),代入資料即△φ=(0.1+0.4)×50×10-4 wb=2.

5×10-3 wb,故a錯誤;

b、磁通量的變化率△φ

△t=2.5×?3

0.1wb/s=2.5×1?2

wb/s,故b正確;

c、根據法拉第電磁感應定律可知,當a、b間斷開時,其間電壓等於線圈產生的感應電動勢,感應電動勢大小為e=n△φ

△t=2.5v,故c錯誤;

d、感應電流大小i=e

r=2.5

10a=2.5a,故d項正確.

故選:bd.

截面積為0.2m2的100匝電阻可以忽略不計的線圈a,處在均勻磁場中,磁場的方向垂直線圈截面,如圖所示,磁

5樓:

(1)由題磁感應強度為:b=(0.6-0.2t)t,可以看出b與t是線性關係,

其斜率大小即為磁感應強度的變化率,大小為:△b△t=0.2t/s

由法拉第電磁感應定律得,線圈中感應電動勢大小為:

e=n△φ

△t=ns△φ

△t=100×0.2×0.2v=4v

由閉合電路歐姆定律得,閉合s2後,通過r2的電流大小為:

i=er

+r=4

4+6a=0.4a

根據楞次定律判斷知,通過r2的電流方向為a→b.(2)s1切斷前,電容器板間電壓為:u=ir2=2.4v,則電容器所帶電量為:

q=cu=7.2×10-6c,s1切斷後,電容器所帶電量通過r2全部釋放,故通過r2的電量7.2×10-6c.答:

(1)閉合s2後,通過r2的電流大小為0.4a,方向:a→b;

(2)s1切斷後,通過r2的電量為:7.2×10-6.

如圖所示,匝數n=100匝、橫截面積s=0.2m2、電阻r=0.5ω的圓形線圈mn處於垂直紙面向裡的勻強磁場內,磁感

6樓:

a、∵b=6-0.2t∴△b

△t=0.2t/s

a線圈復內產生的感應電動勢制:e=n△?

△t=n△b?s

△t=100×0.02×0.2v=0.4v;

s閉合後,電路中電流i=e

r+r+r

=0.4

3.5+0.5+6

a=0.04a,則線圈兩端m、n兩點間的電壓為u=i(r1+r2)=0.38 v,故a錯誤;

b、由上分析可知,電阻r2消耗的電功率為p=i2r2=0.042×6w=9.6×10-3 w,故b正確;

c、電容器與電阻r2並聯,上方電勢低,故上極板帶負電,故c正確;

d、斷開s後,通過r2的電流q=cu2=cir2=7.2×10-6c;故d正確;

故選:bcd.

如圖所示,有一閉合線圈放在勻強磁場中,線圈的軸線和磁場線方向成30°角,磁感應強度隨時間均勻變化,用

7樓:龍龍

設導線的電阻率為ρ,橫截面積為s,線圈的半徑為r,則感應電流為:

i=er

=n△?

△t?1

r=sr

2ρ?△b

△tcosθ(θ為線圈的軸線與磁場方向的夾角)a、感應電流與匝數無關,故a錯誤;

b、把線圈的面積增加一倍,半徑變為

2倍,故電流變為

2倍,故b錯誤;

c、把線圈的半徑增加一倍,感應電流增加為2倍,故c正確;

d、改變線圈軸線對於磁場的方向,由於cos30°為32≈0.87,cosθ不可能增加為2倍,故感應電流不可能增加為2倍,故d錯誤;

故選:c.

如圖所示,匝數n=100匝、截面積s=0.2m2、電阻r=0.5ω的圓形線圈mn處於垂直紙面向裡的勻強磁場內,磁感應

8樓:權

(1)由題bai給條件

可知磁感應強du度的變zhi

化率為:△b△t=

dao0.02t/s

故迴路產生回的電動勢為:答

e=n△φ

△t=n△b

△ts=0.4v

感應電流:i=er+r

+r=0.04a

由閉合電路歐姆定律有:umn=e-ir=0.38v故r2消耗的電功率:p=ir

=9.6×10-3w

(2)s合時:uc=ir2=0.24v

充電電量:q=cuc=7.2×10-6c

s開時:r2放電,放電的電量:q=7.2×10-6c,即為s斷開後通過r2的電荷量.

答:(1)閉合s後,線圈兩端m、n兩點間的電壓umn是0.38v,電阻r2消耗的電功率是9.6×10-3w;

(2)閉合s一段時間後又開啟s,則s斷開後通過r2的電荷量為7.2×10-6c.

如圖所示,單匝閉合圓形線圈面積為S,電阻為R,放在空間分佈均勻的磁場中,且線圈平面與磁場垂直,磁

kido 小 emax nbws nb2 s t q emax 根號2 2 t r 聯立得 q 2 2b 2s 2 tr 可以利用積分求出這段時間的磁感應強度積分,進而利用e bs t求出電動勢,進而求出熱量。值得注意的是這裡的正弦積分應該取正值,即真正的積分物件應該是 b sin 2 t t 物理...

如圖所示,矩形線圈面積為S 0 01m2,匝數為N 100匝,內阻為r 1,繞OO軸以角速度10rad

a 根據功能關係可知,外力做功和整個電路中產生的焦耳熱相等,所以有 w q u r rt nsb 4 r r 10 0.0 1 10 4 10 4 故a正確 b 產生交流電的電壓有效值為 u em2 nb s 2 100 1 10 0.012 5 2,故b錯誤 c 求流過電阻的電量要用平均值 i n...

如圖所示,匝數為面積為0 01m2的線圈,處於磁感應強度B1為1 T的勻強磁場中當線圈繞O1O2以轉速n為

宰詠 線圈轉動過程中電動勢的最大值為 em nb1s nb1s?2 n 100 1 0.01 2 5 10v 解得 e em2 52v棒達到穩定速度時,電動機的電流為 i 1a電動機的輸出功率p出 iu i2r 又p出 fv 而棒產生的感應電流i er b lvr穩定時棒處於平衡狀態,故有 f mg...