如圖,已知abc中,ab ac 5,bc 8 點p,d分別

時間 2021-06-12 03:11:05

1樓:匿名使用者

∠apd=∠c

又∠apd+∠cpd=∠b+∠a

則∠bap=∠cpd

又ab=ac 則∠b=∠c

三角形abp∽三角形pdc

ab/pc=bp/dc

ab=5,

pc=8-2=6

bp=2

dc=(pc*bp)/ab=6*2/5=12/5ad=ac-dc=5-12/5=13/5

(2009?奉賢區一模)已知△abc中,ab=ac=5,bc=8,點d在bc邊上移動,連線ad,將△adc沿直線ad翻折,此時

2樓:小夥

(1)∵ac1與bc垂直,ab=ac=5,bc=8∴ce=1

2bc=4

在rt△aec中,ae=

ac?ce

=3∵c1d=cd,ac1=ac=5,ec1=ac1-ae,ed=ec-cd

∴在rt△edc1中,有ed2+ec1

2=c1d2,即cd2=(5-3)2+(4-cd)2,解得:cd=5

2(2)

∵ab=ac

∴∠b=∠c

∵∠c1=∠c

∴∠c1=∠b

又∵∠aeb∠dec1

∴△aeb∽△dec1

∴ab:dc1=ae:de=be:c1e

∴5:c1d=ae:(8-be-cd)=be:(5-ae)∵be=y,cd=c1d=x

∴5:x=ae:(8-y-x)=y:(5-ae)解得ae=25?xy

5,y=50(x?4)

x?25

(0<x<4);

(3)存在.

當c1e=ed時,由於△aeb∽△dec1,則有y=be=ae=25?xy

5∴y=25

5+x∴25

5+x=50(x?4)

x?25

∴x=3;

當c1e=c1d時,由於△aeb∽△dec1,則有y=50(x?4)x?25

=be=ab=5,

解得x=5-10.

如圖,已知△abc中,ab=ac=12釐米,∠b=∠c,bc=8釐米,點d為ab的中點.如果點p**段bc上以2釐米/秒的速

3樓:揮劍坪

設經過t秒後,△bpd與△cqp全等,

∵ab=ac=12釐米,點d為ab的中點,∴bd=6釐米,

∵∠b=∠c,bp=cq=2t,

∴要使△bpd和△cqp全等,只有bd=cp=6釐米,則8-6=2t,

解得:t=1,

v=2÷1=2釐米/秒,

當bp=pc時,

∵bc=8cm,

∴pb=4cm,

t=4÷2=2s,

qc=bd=6cm,

v=6÷2=3釐米/秒.

故選:c.

如圖,已知△abc中,ab=ac=6,bc=8,點d是bc邊上的一個動點,點e在ac邊上,∠ade=∠b.設bd的長為x,ce的

4樓:丶呆g精神

(1)∵ab=ac,

∴∠b=∠c,

∵∠adc=∠ade+∠cde=∠b+∠bad,而∠ade=∠b,

∴∠bad=∠cde,

∴△abd∽△dce,

∴abcd

=bdce

,68?x=xy

,∴y=-1

6x2+43x,

當x=4時,y=-1

6×16+4

3×4=83,

即當d為bc的中點時,ce的長為83;

(2)由(1)得y關於x的函式關係式為y=-16x2+4

3x(0≤x≤8);

(3)∵∠aed>∠c,

而∠b=∠ade=∠c,

∴∠aed>∠ade,

∴ae<ad,

當da=de時,

∵△abd∽△dce,

∴adde

=bdce

,即xy

=1,∴x=y,

∴-16

x2+4

3x=x,解得x1=0,x2=2,

當ea=ed時,則∠ead=∠ade,

而∠ade=∠c,

∴∠ead=∠c,

∴△dac∽△abc,

∴dcab

=acbc

,即8?x6=6

8,∴x=72,

綜上所述,當△ade為等腰三角形,x的值為0或2或72.

在△abc中,ab=ac,點p,d分別是bc ,ac邊上的點,且角apc=角b

5樓:清涼柚子味汽水

∵ab=ac

∴∠b=∠c

∵∠bap=∠cpd

∴△bap∽△cpd

∴ab·cd=cp·bp

ab=ac

∴ac·cd=cp·bp

∵pd∥ab

∴∠b=∠cpd=∠c

∴△abp為等腰三角形

∴ap=bp

由題意得cos角b=0.6

由余弦定理得 bp=25/3

∴bp=25/3

6樓:更好的各個

(1)證明:∵ab=ac∴∠b=∠c∵∠pdc=∠pad+∠apd   ∠apb=∠c+∠apd  ∵∠b=∠c=∠apd  ∴∠apb=∠pdc∴△pba∽△dcp∴ab*cd=bp*cp  即ac*cd=bp*cd

7樓:匿名使用者

1' 角b=角c ; 角bap=角cpd 所以△bap相似△cpd 所以ab·cd=cp·bp (ab=ac)

所以ac·cd=cp·bp

2' 平行 所以角b=角cpd=角c 所以△abp為等腰三角形(ap=bp)

由題知cos角b=0.6 由余弦定理得 bp=25/3

已知△abc中,ab=ac=5,bc=8,點d在bc邊上移動,聯結ad,將△adc沿直線ad翻折,

8樓:匿名使用者

如圖:延長c1d交ac於e1,

要使ec1=ed,則:角ec1d角edc1角e1d角c,四個角要相等則   e1c1需要與ab平行。

設ec1=ed=e1d=e1c=a

則:cd=c1d=8/5a

所以:be=8-a-8/5a = ae

ac1=5=ae+ec1=8-a-8/5a+a所以a =15/8

所以 cd =8/5a=3

如圖,已知△abc中,ab=ac=5,bc=4,點o在bc邊上運動,以o為圓心,oa為半徑的圓與邊ab交於點d(點a除外)

9樓:代號

2bc=2,(1分)

在rt△aeb中,∠aeb=90°,ae=ab?be

=1,(1分)

∴sin∠abc=ae

ab=15=

55;(1分)

(2)過點o作of⊥ad,垂足為f,連線od,根據等腰三角形的性質可知,af=df=1

2ad=1

2y,(1分)

bf=ab?af=5?1

2y.(1分)

∵∠ofb=∠aeb=90°,∠obf=∠abe,∴△obf∽△abe(1分)

∴bfbe

=obab,即5

?12y2

=x5(1分)

整理得y=?455

x+25(54

≤x<5

2)(2分)

(3)可能相切.

在rt△aeo中,∠aeo=90°,ae=1,oe=|2-x|,則ao=

oe+ae=x

?4x+5

(1分)

設⊙c與bc邊相交於點p,則⊙c的半徑cp=14bc=1,

①若⊙o與⊙c外切,則有oa+cp=oc.即x?4x+5

+1=4?x,

解得x=2;(1分)

②若⊙o與⊙c內切,則有|oa-cp|=oc.∵1≤oa≤5

4,pc=1,oa≥cp,∴只有oa-cp=oc.(1分)即x?4x+5

?1=4?x,

解得x=10

3(不合題意,捨去),(1分)

∴當⊙o與⊙c相切時,x=2.(1分)

如圖,已知△abc中,ab=ac=5,tan c=3/4,bc=8,點d是bc邊上一個動點(不與b、c重合),de//ac交ab於e點

10樓:

解:(1)在rt△abc中,∠c=90°

∵ tanb=acbc=34,∴設ac=3k,bc=4k,∴ab=5k=5,∴k=1,

∴ac=3,bc=4;

(2)過點e作eh⊥bc,垂足為h.

易得△ehb∽△acb

設eh=cf=3k,bh=4k,be=5k;

∵ef∥bc∴∠efd=∠fdc

∵∠fde=∠c=90°

∴△efd∽△fdc

∴ effd=fdcd∴fd2=ef•cd,即9k2+4=2(4-4k)

化簡,得9k2+8k-4=0

解得 k=-4±2139(負值捨去),

∴ be=5k=1013-209;

(3)過點e作eh⊥bc,垂足為h.

易得△ehb∽△acb

設eh=3k,be=5k

∵∠hed+∠hde=90°∠fdc+∠hde=90°∴∠hed=∠fdc

∵∠ehd=∠c=90°

∴△ehd∽△dcf

∴ ehcd=dedf,

當△def和△abc相似時,有兩種情況:1° dedf=acbc=34,

∴ ehcd=34,

即 3k2=34解得 k=12,

∴ be=5k=52(3分)2° dedf=bcac=43,∴ ehcd=43,

即 3k2=43解得 k=89,

∴ be=5k=409.

綜合1°、2°,當△def和△abc相似時,be的長為 52或 409.

如圖,已知三角形abc中,ab=ac=12釐米,bc=8釐米,點d為ab的中點. 如果點p**段bc上以2釐米

11樓:匿名使用者

1.t=1s時

pq=2,cq=2

∵d為ab中點,

∴bd=6 pc=bc-pq=6

又∵ab=ac=12

∴∠b=∠c

∴三角形bdq≌三角形cpq

pq=dp 證完

2.設q點的速度為m

則cq=mt,pc=8-2t,

bp=2t,bd=6

不同於1中的對應邊

cq=bd,bp=pc

則t=4,m=3/2

此時兩三角形全等

3.2t-3/2 t=8

t=16

在b點相遇

12樓:覆水難收不給力

解:(1)①∵t=1秒,

∴bp=cq=3×1=3釐米,

∵ab=10釐米,點d為ab的中點,

∴bd=5釐米.

又∵pc=bc-bp,bc=8釐米,

∴pc=8-3=5釐米,

∴pc=bd.

又∵ab=ac,

∴∠b=∠c,

∴△bpd≌△cqp.

②∵vp≠vq,∴bp≠cq,

又∵△bpd≌△cqp,∠b=∠c,則bp=pc=4,cq=bd=5,

∴點p,點q運動的時間t=bp/3=4/3 秒,∴vq=co/t=15/4 釐米/秒;

(2)設經過x秒後點p與點q第一次相遇,

由題意,得 15/4x=3x+2×10,

解得x=80/3 秒.

∴點p共運動了 80/3×3=80釐米.

∵80=2×28+24,

∴點p、點q在ab邊上相遇,

∴經過 80/3秒點p與點q第一次在邊ab上相遇

已知,如圖三角形ABC中AB AC

做個bc邊上的高。這樣就行了。在直角三角形acd中,一個直角三角形知道了一條直角邊,一個斜邊上的高。這個直角三角形就確定了。已知 如圖,三角形abc中,ab ac 10,bc 16,點d在bc上,da垂直ca於點a,求bd 樓主已採納回答刪除。已知,如圖,在三角形abc中,ab ac 13,bc 1...

如圖,已知ABC和A B C中,AB A B,AC A C,AD和A D是BC,B C邊上的中線,且AD A D

良駒絕影 延長ad a d 於點e e 則 ae 2ad,a e 2a d 因為ad a d 所以 ae a e 1 在三角形abc中,因為 bc與ae互相平分,則四邊形abec是平行四邊形,得 ac be 同理,有 a c b e 因為 ac a c 則 be b e 2 ab a b 3 由 1...

如圖,已知三角形abc中,ab ac 12釐米,bc 8釐米

1.t 1s時 pq 2,cq 2 d為ab中點,bd 6 pc bc pq 6 又 ab ac 12 b c 三角形bdq 三角形cpq pq dp 證完 2.設q點的速度為m 則cq mt,pc 8 2t,bp 2t,bd 6 不同於1中的對應邊 cq bd,bp pc 則t 4,m 3 2 此...